已知数列 $\{a_n\},\{b_n\}$ 满足 $a_1=b_1=1$，$a_{n+1}=a_n+2b_n$，$b_{n+1}=a_n+b_n$，则下列结论正确的是 \((\qquad)\)
【难度】
【出处】
无
【标注】
【答案】
D
【解析】
引入参数 $\lambda$，有\[a_{n+1}+\lambda\cdot b_{n+1}=(1+\lambda)\cdot a_n+(2+\lambda)\cdot b_n,\]令\[\dfrac{1}{\lambda}=\dfrac{1+\lambda}{2+\lambda},\]解得\[\lambda =\pm\sqrt 2.\]于是\[\begin{split}
a_{n+1}+\sqrt 2\cdot b_{n+1}=(1+\sqrt 2)\cdot (a_n+\sqrt 2\cdot b_n),\\
a_{n+1}-\sqrt 2\cdot b_{n+1}=(1-\sqrt 2)\cdot (a_n-\sqrt 2\cdot b_n),\end{split}\]从而\[\begin{split}a_n+\sqrt 2\cdot b_n=(1+\sqrt 2)^n,\\
a_n-\sqrt 2\cdot b_n=(1-\sqrt 2)^n,\end{split}\]从而选项 ABC 均错误．
对于选项 D，由于\[b_{n+1}-b_n=a_n>0,\]于是 $\{b_n\}$ 是单调递增的正项数列，又\[\left|\dfrac{a_n}{b_n}-\sqrt 2\right|=\dfrac{1}{b_n}\cdot |a_n-\sqrt 2\cdot b_n|,\]于是命题正确．
a_{n+1}+\sqrt 2\cdot b_{n+1}=(1+\sqrt 2)\cdot (a_n+\sqrt 2\cdot b_n),\\
a_{n+1}-\sqrt 2\cdot b_{n+1}=(1-\sqrt 2)\cdot (a_n-\sqrt 2\cdot b_n),\end{split}\]从而\[\begin{split}a_n+\sqrt 2\cdot b_n=(1+\sqrt 2)^n,\\
a_n-\sqrt 2\cdot b_n=(1-\sqrt 2)^n,\end{split}\]从而选项 ABC 均错误．
对于选项 D，由于\[b_{n+1}-b_n=a_n>0,\]于是 $\{b_n\}$ 是单调递增的正项数列，又\[\left|\dfrac{a_n}{b_n}-\sqrt 2\right|=\dfrac{1}{b_n}\cdot |a_n-\sqrt 2\cdot b_n|,\]于是命题正确．
题目
答案
解析
备注
